Автор | Сообщение |
|
Отправлено: 31.05.19 17:00. Заголовок: Задание 18 №158
Добрый день. Мне кажется, что в данном задании ошибка. Согласно сборнику ответов по первой части ответом этого задания является 95, но такое значение только получается если в последней поразрядной конъюнкции считать незначимый ноль (ноль, стоящий перед 1). Не могу даже представить, зачем считать этот ноль, если мы считаем его, то тогда почему не можем добавить 2, 3, 4 и т.д. нулей, ведь это не меняет значение числа. Сложно объяснить на словах, но, по-моему, ответом должно быть 31. Буду очень благодарен, если кто-нибудь прорешает и скажет окончательный правильный ответ. Ссылка на изображение с заданием №158
|
|
|
Ответов - 4
[только новые]
|
|
|
| постоянный участник
|
Сообщение: 226
|
|
Отправлено: 31.05.19 18:16. Заголовок: Nameless_Narrator пи..
Nameless_Narrator пишет: цитата: | скажет окончательный правильный ответ. |
|
|
|
|
|
Отправлено: 31.05.19 18:50. Заголовок: Ответ
Здравствуйте, Nameless_Narrator! Обозначим: A = (x & A ≠ 0), P = (x & 29 ≠ 0) и Q = (x & 86 ≠ 0). Тогда А -> P + Q. Решение рассматриваемой задачи Amax = P + Q, находится как объединение множеств P и Q, что достигается побитовым сложением двоичных представлений чисел 29 и 86: 8610 = 101 01102 2910 = 001 11012 Ответ: 101 11112 = 9510 Нетрудно написать программу и найти ответ с ее помощью.
|
|
|
|
Отправлено: 02.06.19 13:23. Заголовок: Вопрос к polyakovss
Скажите пожалуйста , что есть А,Р,Q 1) A = (x & A ≠ 0), P = (x & 29 ≠ 0) и Q = (x & 86 ≠ 0) множества чисел или 2)Булевские переменные Тогда А -> P + Q Похоже на то, что и то и другое одновременно ? Может стоит задуматься над терминами и подходом МЕА, которые по факту безупречны с позиций формальной логики и Алгебры логики первого порядка
|
|
|
|
Отправлено: 31.05.19 20:23. Заголовок: Большое спасибо за о..
Большое спасибо за ответы! Теперь стало понятно.
|
|
|
|